Spring MVC配置url-pattern

我尝试配置简单的控制器。

我有：
在web.xml中

 mvc-dispatcher org.springframework.web.servlet.DispatcherServlet 1   mvc-dispatcher /index.jsp  

在mvc-dispatcher-servlet.xml中

   /jsp/   .jsp         

这是我的控制器 ：

 public class TBController extends AbstractController { @Override protected ModelAndView handleRequestInternal(HttpServletRequest httpServletRequest, HttpServletResponse httpServletResponse) throws Exception { System.out.println("It is here"); ModelAndView model = new ModelAndView("index"); return model; }} 

我在Tomcat 6上运行，在这个配置中它（/index.jsp）运行完美！

但如果我像这样更改url-pattern

  mvc-dispatcher *.jsp  

它返回404访问/index.jsp

我在控制台中看到“它在这里”，这意味着url-pattern工作正常，但ModelAndView没有初始化

奇怪的是，看起来他试图访问空资源（Chrome让我发现“HTTP状态404 – ”）

请帮助我了解发生了什么..可能是我错过了url-pattern规范中的一些内容？

UPD：
感谢Pavel Horal，已找到解决方案。
我刚用web.xml替换了我的url-pattern

 /test/* 

现在它通过/test/index.jsp响应

Answer 1

Spring正在处理如何定义servlet映射的信息。 如果您使用后缀映射（ *.something ），则Spring仅使用第一部分（不带后缀）。 这意味着你在你的url-pattern中没有映射just /index （没有后缀）。

Spring的UrlPathHelper#getPathWithinServletMapping JavaDoc UrlPathHelper#getPathWithinServletMapping可以更好地描述映射过程中使用的内容：

返回给定请求的servlet映射中的路径，即请求URL的一部分超出调用servlet的部分，如果整个URL已用于标识servlet，则返回“”。

如果在RequestDispatcher include中调用，则检测包括请求URL。

例如：servlet mapping =“/ test / *”; 请求URI =“/ test / a” – >“/ a”。

例如：servlet mapping =“/ test”; 请求URI =“/ test” – >“”。

例如：servlet mapping =“/ *。test”; 请求URI =“/ a.test” – >“”。